/* 我们要是用一个multiset来装所有数字 对于每一个新加入的数字，我们统计以下有多少数字能跟他进行加加减减操作后， 结果的绝对值是c 然后把这两个数字往res上进行累加 */ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; using ll = long long; int rd() { int rs = 0;char c = getchar(); while (!isdigit(c)) c = getchar(); while (isdigit(c)) { rs = (rs<<3)+(rs<<1)+c-'...

// 让我想起了小时候玩的那种2*n的推方块小游戏 // 让我们冷静地分情况讨论 // 1.如果两个人到终点的曼哈顿距离相等，那么肯定必定相等，不用放置障碍 /* 1.以上条件不满足，看看是否一个已经在终点了，如果是的话，那么另一个肯定追不上了 2.如果两个在同一条y=x+b的直线上，那么除了一步就能到终点，也就是在 o o o x o o o o o o x o (在x的这个位置时) 其余所有情况都可以通过这样的方式来拖慢底下这个人的速度 o x o o o o o o x * o o (*表示障碍物) (这个示例中，下面哪个人需要先网上走，和上面的人出现在同一个位置，然后后续路径就都相等了...

#include <iostream> #include <vector> #include <algorithm> using namespace std; const long long INF = 1e18; int main() { ios_base::sync_with_stdio(false); cin.tie(NULL); int n, m; cin >> n >> m; vector<vector<int>> coins(n + 1, vector<int>(m + 1)); for...

#include <iostream> using namespace std; void solve() { int n,q;cin>>q>>q; string s;cin>>s; while (q--) { int l,r;cin>>l>>r; int i = l-1;int j = r-l+1; while (j--) { string t = ""; t.push_back(s[i]); s.insert(i,t); i+=2; } } cout<<s<<'\n'; } ...

#include <bits/stdc++.h> using namespace std; class Solution { public: /** * 代码中的类名、方法名、参数名已经指定，请勿修改，直接返回方法规定的值即可 * * * @param nums1 int整型vector * @param nums2 int整型vector * @return int整型vector */ vector<int> intersection(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2) { unor...

// 也就是遍历找到(x!-1)*y-n的绝对值的最小值 // 由于当x 为1时，整个最小值固定为n（负n的绝对值) // 那么我定义一个ll min = n; // 首先计算出所有的x的阶乘，由于12的阶乘是1e8数量级，因此只需计算到12！即可 // 从i=3开始遍历x，然后j=1开始遍历y // 注意x,y都不为2，j == 2需要肯踢牛 // 然后当表达式的值大于2*n时其实就可以补瑞克了，因为2*n+1-n一定大于n（我们定义的min) // 最后输出x和y #include <iostream> #include <cmath> using namespac...

// 用一个便于理解的思路来解这一道题吧 // 一个数n如果可以被k整除，那么在计算因子个数时，n/k一定也是它的因子 // 也就是从1遍历到sqrt(n),最后如果是平方根的话，就减1 // 遍历时i的类型必须为ll这个 #include <iostream> #include <cmath> using namespace std; #define ll long long ll find_div(ll n) { int cnt = 2; ll m = sqrt(n)+1; for (ll i = 2;i < m;i++) { if (n%i == 0) cn...

// 我不行了 ，瞎写的代码我自己都没看懂，居然就这么过了。。。。。。 // 将每次k大坨从src位置移动到dest位置，中间经过mid的过程分为3个步骤 // 第一步，将k-1大坨从src移动到mid // 第二步，将最底下那个垫片移动到dest // 第三步，将k-1大坨从mid移动到dest // 注意递归的含义是将to_move个垫片进行移动，如果数量为0，那么自然就应该终止递归了 // recursion是移动一大坨这个动作 // cout << src <<' '<<dest<<'\n';是移动一小片 // 再次recursion又把...

#include <iostream> #include <utility> #include <set> #include <algorithm> #define ll long long using namespace std; // 使用lower_bound会先找到比自己小的第一个元素的 // 的下一个元素的迭代器 // 然后再进行比较大小，如果 // 这一个的左边界比上一个区间的右边界要小，或者 // 这一个区间的右边界比右边的左边界要大 // 这两种情况都不会有下一步的进行 // 那么无需更新结果直接输出上一次结果即可 // 这里使用...

一直打卡很长时间了，不过发现实力不够的时候，每日一题真的很难做到每天都消化，有时候完全看懂了以后，自己再次写还是不会写。反正我的做法就是两周之后做一做之前的难受题，找一找刺激感，这样就会逐渐打击掉自己不会写的那些东西，同时也能养成良好的刷题习惯

距离上次挑战赛过去了7天，这个小白月赛好歹得把第二题做上吧

// 学了这么长时间还是啥也不是 // 那就总结一下这次二刷的问题把 // 1.定义了二维的容器或数组以后，一定要动态分配或等效分配每一行的内存 // 2.本题中检查棋盘空格是否安全，应该从每一个方格出发直到边界 // 3.传递大小大于指针的参数时，一定！！！一定！！！一定！！！ // 要采用引用的方式调用！！！ #include <vector> class Solution { public: /** * 代码中的类名、方法名、参数名已经指定，请勿修改，直接返回方法规定的值即可 * * * @param n int整型 the n * @return int整型 */ bool...

学会小数的格式化输出: %lf 中间加.3 类型转化 #include  int main() { int c,d; scanf("%d%d",&c,&d); double res = (double)d/c*100.0; printf("%.3lf%\n",res);  }